为什么引用传递不会改变变量的值？答案

【问题标题】：why pass-by-reference doesn't change the value of a variable?为什么引用传递不会改变变量的值？
【发布时间】：2014-11-15 15:51:21
【问题描述】：

$string='string';
function change(&$str){
    $str='str';
}
call_user_func('change',$string);
echo $string;

输出是'字符串'。但是 $str 指的是 $string ，所以 $str 的变化也应该改变 $string?为什么值还是一样的？

【问题讨论】：

标签： php reference pass-by-reference

【解决方案1】：

call_user_func 不会通过引用传递。来自the PHP docs：

注意 call_user_func() 的参数不是通过引用传递的。

（另一方面，change($string) 给出了您所期望的"str"）。

延伸阅读：Why does PHP's call_user_func() function not support passing by reference?

【讨论】：

【解决方案2】：

call_user_func() 不可能：

来自PHP documentation：

注意 call_user_func() 的参数不是通过引用传递的。

也就是说你仍然可以使用call_user_func_array()。现在可以使用参考。这是你想要的代码：

function change(&$str)
{
    $str='str';
}

$string='string';
$parameters = array(&$string);
call_user_func_array('change',$parameters);
echo $string;

但是这个解决方案现在已被弃用。

您仍然可以摆脱call_user_func()，只需执行以下操作：

function change(&$str)
{
    $str='str';
}

$string='string';
change($string);
echo $string;

【讨论】：

【解决方案3】：

这是您的错误消息：

<br />
<b>Warning</b>:  Parameter 1 to change() expected to be a reference, value given on line <b>5</b>

因为call_user_func 不通过引用传递参数。

尝试像这样运行它：

$string='string';
function change(&$str){
    $str='str';
}
change($string);
echo $string;

【讨论】：

【解决方案4】：

http://php.net/manual/en/function.call-user-func.php

明确提到call_user_func()的参数不是通过引用传递的。

【讨论】：