引用定义中其他类属性的字典类属性

Question

虽然有很多方法可以解决这个问题，但由于性格缺陷，在我了解失败的性质之前，我不能放手。

尝试：

class OurFavAnimals(object):
    FAVE = 'THATS ONE OF OUR FAVORITES'
    NOTFAVE = 'NAH WE DONT CARE FOR THAT ONE'
    UNKNOWN = 'WHAT?'
    FAVES = defaultdict(lambda: UNKNOWN, {x:FAVE for x in ['dog', 'cat']})
    FAVES['Crab'] = NOTFAVE 

失败：

      3     NOTFAVE = 'NAH WE DONT CARE FOR THAT ONE'
      4     UNKNOWN = 'WHAT?'
----> 5     FAVES = defaultdict(lambda: UNKNOWN, {x:FAVE for x in ['dog', 'cat']})
      6     FAVES['Crab'] = NOTFAVE

NameError: global name 'FAVE' is not defined

为什么？为什么它可以找到UNKNOWN 而不是FAVE？是因为它在字典理解中吗？

Answer 1

是的，这是因为它在字典理解中。请注意，它也不是“找到”UNKNOWN；它只是还没有寻找它，因为 UNKNOWN 仅在 lambda 中引用。如果您将 dict 理解替换为其他内容以允许类定义成功，则稍后如果您尝试访问不存在的键（因为它将尝试调用该 lambda），您将收到错误消息。所以如果你把它改成

FAVES = defaultdict(lambda: UNKNOWN, {'a': 1})

你会得到：

>>> OurFavAnimals.FAVES['x']
Traceback (most recent call last):
  File "<pyshell#4>", line 1, in <module>
    OurFavAnimals.FAVES['x']
  File "<pyshell#2>", line 5, in <lambda>
    FAVES = defaultdict(lambda: UNKNOWN, {'a': 1})
NameError: global name 'UNKNOWN' is not defined

在这两种情况下，原因是在类作用域中定义的变量在嵌套作用域中不可用。换句话说，这与失败的原因相同：

class Foo(object):
    something = "Hello"
    def meth(self):
        print(something)

lambda 和字典推导式都创建嵌套在类作用域中的函数作用域，因此它们无法直接访问类变量。另见this related question。