在 html 选择选项中显示来自 sql 的值不显示值答案

【问题标题】：displaying values from sql in html select option not displaying values在 html 选择选项中显示来自 sql 的值不显示值
【发布时间】：2020-04-23 17:25:09
【问题描述】：

我使用 php 和 sql 创建了一个 html 表单。该表单包含一个名为空格的字段，它是一个选择下拉列表。这些值来自我在 php.ini 中声明的数组。如果数组中的值已经存在于数据库中，则不应显示。所以我做了以下代码：

<select class="form-control" id="space" name="space">
  <option value="--Select--">--Select--</option>
  <?php
$select=mysqli_query($con,"select * from clients where Spaces IS NOT NULL");
while($menu1=mysqli_fetch_array($select))
      {
$filled =$menu1['name'];
$valuez = array("C101","C102","C103","C104");
if ($filled != $valuez) {


      ?>
    <option value="<?php echo $valuez;?>">
      <?php echo $valuez;?>
    </option>
    <?php
      }}
      ?>
</select>

但这不会显示任何值。谁能告诉我我的代码有什么问题。谢谢n提前

【问题讨论】：

标签： php html mysql sql select

【解决方案1】：

您的$filled 是字符串，不能等于数组。

而且你可以直接使用whereIn，不需要把所有客户端都拿出来：

<select class="form-control" id="space" name="space">
  <option value="--Select--">--Select--</option>
  <?php
    $valuez = "'C101','C102','C103','C104'";
    $select = mysqli_query($con, "SELECT * FROM clients WHERE Space IN ($valuez)");
  ?>

<?php while($menu1 = mysqli_fetch_array($select) ) : ?>
    <option value="<?php echo $menu1['name'];?>">
      <?php echo $menu1['name'];?>
    </option>
<?php endwhile; ?> 
</select>

【讨论】：

我想显示 $valuez ，如果 $valuez 中的值不存在于 $filled
@SepSooo 是的，你不需要使用数组，这会降低你的查询性能
还是什么都没有，兄弟

【解决方案2】：

您正在将字符串与数组进行比较。你应该像这样使用 in_array

 <select class="form-control" id="space" name="space">
   <option value="--Select--">--Select--</option>
 <?php
  $select=mysqli_query($con,"select * from clients where Space IS NOT NULL");
 while($menu1=mysqli_fetch_array($select))
  {
  $filled =$menu1['Space'];
 $valuez = array("C101","C102","C103","C104");
 foreach($valuez as $value){
    if($value != $filled){ 
    ?>
        <option value="<?php echo $value;?>">
          <?php echo $value;?>
        </option>
    <?php 
    }
 }
}
?>

更新代码

【讨论】：

我已经使用了你的代码，仍然没有显示值
你在这里回显数组使用单个值。所以我猜你需要在这里使用 $filled
我想显示 $valuez ，如果 $valuez 中的值不存在于 $filled
好的，那么你需要使用 foreach 并遍历 values 数组
能否更新代码并显示，会很棒

【解决方案3】：

试试这个，请确保你想作为选项显示的值来自列名或空格。我根据您的代码使用了 name($menu1['name']) 列。

<select class="form-control" id="space" name="space">
  <option value="--Select--">--Select--</option>
   <?php
     $select = mysqli_query($con,"select * from clients where Spaces NOT IN ('C101','C102','C103','C104')");
     while($menu1=mysqli_fetch_array($select)) {
       $filled = $menu1['name'];
       if (!empty($filled)) {
   ?>
   <option value="<?php echo $filled;?>">
     <?php echo $filled;?>
   </option>
  <?php
    }}
  ?>
</select>

【讨论】：