PHP强制接口实现

Question

我的应用程序中有一个 SystemInfoFactory 类，它有一个 getSystemInfo() 方法：

/**
 * Returns SystemInfo object based on which OS
 * server uses
 *
 * @return SystemInfoInterface SystemInfo object
 */
public function getSystemInfo()
{
    $os = $this->getOS();

    $systemInfo = null;

    switch ($os) {
        case "Linux":
            $systemInfo = new LinuxInfo();
            break;
        case "Darwin":
            $systemInfo = new OSXInfo();
            break;
        case "Windows":
            $systemInfo = new WindowsInfo();
            break;
    }
    return $systemInfo;
}

所以它会根据主机系统选择合适的对象。现在，每个“信息类”都实现了SystemInfo 接口（getArchitecture、getCPU 等方法），但是如您所见，我的代码中没有任何地方检查返回的对象是否真的实现了接口。在返回之前检查选定的 $systemInfo 对象是否实现它是否被认为是“好习惯”？这显然不是必需的，但如果有人扩展了这个应用程序（例如添加了 BSD 支持）并忘记实现所有方法，他可能更难以调试。

Answer 1

这绝对是个好习惯。您在文档块中定义您的方法返回SystemInfo 的实例。您的来电者应该能够依赖它。这在您的代码中很简单：

/**
 * Returns SystemInfo object based on which OS
 * server uses
 *
 * @return SystemInfoInterface SystemInfo object
 */
public function getSystemInfo()
{
    $os = $this->getOS();

    $systemInfo = null;

    switch ($os) {
        case "Linux":
            $systemInfo = new LinuxInfo();
            break;
        case "Darwin":
            $systemInfo = new OSXInfo();
            break;
        case "Windows":
            $systemInfo = new WindowsInfo();
            break;
        default:
            throw new \RuntimeException('System not supported');
            break;
    }

    if (!$systeminfo instanceof SystemInfo) {
        throw new \RuntimeException('Invalid SystemInfo object returned');
    }

    return $systemInfo;
}

确保您声明您将从该方法调用中引发异常。这里的异常可以很清楚地说明发生了什么，而不必稍后在代码中追逐“未定义的方法”错误。

Answer 2

我想，这里的关键词是 Duck Typing。一个对象的接口是由它的方法和属性定义的，而不是它的祖先和实现的接口。

看看这个：http://en.wikipedia.org/wiki/Duck_typing

回到 PHP：如果你不检查对象是否实现了你的接口，它是完全有效的并且没有坏的风格。如果代码崩溃，则必须责怪该类的实现者。如果代码与if ($obj instanceof FancyInterface) { 混淆，我会觉得很烦人。