如何将错误异常存储在变量中并以json形式返回答案

【问题标题】：How to store error exception in a variable and return as json如何将错误异常存储在变量中并以json形式返回
【发布时间】：2016-02-12 02:26:23
【问题描述】：

我正在使用 Android 开发使用的 API。我的框架：Laravel 4.2 和 PHP：PHP5.6

我已经找到了一个库，但无法使用：https://github.com/Radweb/JSON-Exception-Formatter

我的问题，我有这个错误异常（附图）

我在 Mobile 中看不到它，它只是崩溃了。我使用 https://www.getpostman.com/ 来测试我的 API。

我想要做的是将此错误异常作为 json 返回，以便 android 可以捕获它。

{ "status" : "fail", "messsage" : "syntax error, unexpected 's'(T_STRING), expecting ']'", "file" : "/app/controller/v1/UserController.php", "line" : "31" }

【问题讨论】：

您需要帮助让 JSON-Exception-Formatter 库正常工作，还是需要帮助配置 laravel 以输出 JSON 而不是默认异常处理程序？你的问题有点不清楚。
@henrik 任何东西。目标是将错误异常存储在变量中并以 json 形式返回

标签： api exception laravel-4 error-handling php-5.6

【解决方案1】：

要使 Laravel 4 将异常输出为 JSON，可以简单地编辑 global.php，如本文所述：http://fideloper.com/error-handling-with-content-negotiation

所以在你的 app/start/global.php 中做这样的事情：

use Symfony\Component\HttpKernel\Exception\HttpExceptionInterface;

App::error(function(HttpExceptionInterface $exception, $code)
{

    if ( Request::header('accept') === 'application/json' )
    {
        return Response::json([
            'error' => true,
            'message' => $exception->getMessage(),
            'code' => $code],
            $code
        );
    }

});

【讨论】：

不，它没有使用除 laravel 框架之外的任何包
太棒了。没有使用图书馆？好吧，我试试这个