命名空间内的类友元函数答案

【问题标题】：class friend function inside a namespace命名空间内的类友元函数
【发布时间】：2012-06-11 15:36:00
【问题描述】：

我试图在命名空间之外定义一个类友函数，如下所示：

namespace A{
class window{
    private:
    int a;
    friend void f(window);
};
}

 void f(A::window rhs){
 cout << rhs.a << endl;
}

我收到一个错误，说有歧义。并且有两个候选人void A::f(A::window); 和void f(A::window)。所以我的问题是：

1) 如何让全局函数void f(A::window rhs)成为A::window类的朋友。

编辑：（阅读答案后）

2) 为什么我需要通过 ::f(window) 将窗口类中的成员函数 f 限定为全局？

3) 为什么在这种特殊情况下我需要预先声明函数 f(A::window) ，而当类不是在命名空间内定义时，在函数声明后声明函数是可以的朋友。

【问题讨论】：

标签： c++ namespaces friend

【解决方案1】：

除了添加::，您还需要转发声明它，例如：

namespace A { class window; }

void f(A::window);

namespace A{
  class window{
    private:
    int a;
    friend void ::f(window);
  };
}

void f(A::window rhs){
  std::cout << rhs.a << std::endl;
}

请注意，要使此前向声明起作用，您也需要前向声明类！

【讨论】：

所以 :: 访问全局命名空间的前缀是需要预先声明的函数 void f(A::window); 的前缀。它是否正确。提前致谢。
是的，这在函数返回 void 时有效。但是如果它返回一个类的实例，比如 B 呢？然后编译器会拒绝“friend B ::f()”，因为它认为我们的意思是“B::f()”（即 B 类的函数，而不是全局函数）。有什么解决办法吗？
我不明白你怎么能以合法的方式结束这样的名字冲突 - 你能在像 ideone 这样的东西上展示它吗？
这不是冲突，而是解析错误。错误：没有在“B”类中声明的“int B::f(A::window)”成员函数davidfaure.fr/2016/friend_func.cpp
@DavidFaure 有点晚了，但我也遇到了同样的问题。添加括号就可以了：friend B (::f(window));。（示例见ideone.com/x38T88）

【解决方案2】：

应该这样做：您需要前向声明以明确 f 在全局命名空间中（而不是文件静态）：

#include <string>
#include <iostream>

using namespace std;

////// forward declare magic:

namespace A{ class window; }    
void f(A::window rhs);

//////

namespace A {
    class window {
        private:
            int a;
            friend void ::f(window);
    };
}

void f(A::window rhs) {
    cout << rhs.a << endl;
}

int main()
{
}

【讨论】：

【解决方案3】：

使用 ::，您还可以为外部包装命名空间中的类加好友：

namespace Na {
class A;
namespace Nb {
class B {
...
   friend class ::Na::A;
};

如果不从全局顶部作为 'friend class Na::A' 进行搜索，搜索将仅在 Na::Nb::Na 中完成。

【讨论】：