【问题标题】：Simple JSON request in PHPPHP中的简单JSON请求
【发布时间】：2012-04-13 09:33:41
【问题描述】：

我有以下 json

country_code({"latitude":"45.9390","longitude":"24.9811","zoom":6,"address":{"city":"-","country":"Romania","country_code":"RO","region":"-"}})

我只想要 country_code，我该如何解析它？

我有这个代码

<?php
$json = "http://api.wipmania.com/jsonp?callback=jsonpCallback";
$jsonfile = file_get_contents($json);

var_dump(json_decode($jsonfile));
?>

它返回NULL，为什么？

谢谢。

【问题讨论】：

在你做file_get_contents之后，你的$jsonfile变量的值是多少？
执行var_dump($jsonfile) 并将输出添加到问题
var_dump($jsonfile) = string(144) "jsonpCallback({"latitude":"45.9390","longitude":"24.9811","zoom":6,"address":{" city":"-","country":"Romania","country_code":"RO","region":"-"}})"

标签： php file-get-contents json

【解决方案1】：

<?php
$jsonurl = "http://api.wipmania.com/json";
$json = file_get_contents($jsonurl);
var_dump(json_decode($json));
?>

你只需要 json 而不是 jsonp。
如果要返回数组，也可以尝试使用json_decode($json, true)。

【讨论】：

优秀。这是我一直在寻找的一种简单的解决方案。非常感谢您的简单回答。

【解决方案2】：

您正在使用 http://api.wipmania.com/jsonp?callback=jsonpCallback 请求 jsonp，它会返回一个包含 JSON 的函数，例如：

jsonpCallback({"latitude":"44.9718","longitude":"-113.3405","zoom":3,"address":{"city":"-","country":"United States","country_code":"US","region":"-"}})

而不是 JSON 本身。将您的 URL 更改为 http://api.wipmania.com/json 以返回纯 JSON，例如：

{"latitude":"44.9718","longitude":"-113.3405","zoom":3,"address":{"city":"-","country":"United States","country_code":"US","region":"-"}}

注意第二段代码没有将 json 包装在 jsonpCallback() 函数中。

【讨论】：

什么？？我从来没有听说过，所以那不是json？它看起来像一个
@RowMinds jsonpCallBack({"a":1}) 在你看来像 JSON 吗？
@RowMinds 它是 json，只是带有一些 PHP 无法理解的额外数据。
api.wipmania.com/json"; $jsonfile = file_get_contents($json);回声“
”； print_r(json_decode($jsonfile));回声 $jsonfile['country_code'];回显 $jsonfile->$country_code; ?> 这可能对我有帮助，但它不会工作
@RowMinds, country_code 在address 下使用$jsonobject->address->country_code 到达那里...

【解决方案3】：

网站不返回纯 JSON，而是包装 JSON。这意味着作为脚本包含在内，并将调用回调函数。如果你想使用它，你首先需要删除函数调用（直到第一个括号和最后一个括号的部分）。

【讨论】：

我可以用空格替换 jsonpCallback( 和 ) .... 但它会杀死我的处理器
如果使用高效的方法（例如，子字符串方法），与 http 请求（获取 JSON 文件）所需的时间相比，删除字符串的回调部分所需的时间可以忽略不计.

【解决方案4】：

如果你的服务器实现了JSONP，它会假设回调参数是JSONP信号，结果类似于JavaScript函数，比如

jsonpCallback("{yada: 'yada yada'}")

然后，json_decode 将无法将 jsonpCallback("{yada: 'yada yada'}") 解析为有效的 JSON 字符串

【讨论】：

yap，可能是......你检查了那个网址和api.wipmania.com/jsonp?callback=jsonpCallback之间的差异吗？它们非常不同

【解决方案5】：

如果 country_code( 以及右括号包含在您的 json 中，请删除它们。这不是有效的 json 语法：json

【讨论】：

【解决方案6】：

返回的是 JSONP，而不是 JSON。 JSONP 用于 JavaScript 中的跨域请求。使用 PHP 时不需要使用它，因为不受跨域策略的影响。

由于您从 file_get_contents() 函数获取字符串，您可以替换 country_code( 文本（这是响应的 JSONP 特定部分）：

<?php
$json = "http://api.wipmania.com/jsonp?callback=jsonpCallback";
$jsonfile = substr(file_get_contents($json)), 13, -1);

var_dump(json_decode($jsonfile));
?>

注意

这可行，但 JKirchartz 的解决方案看起来更好，只需请求正确的数据，而不是弄乱不正确的数据。

【讨论】：

@RowMinds 使用substr() 会产生不必要的开销，因为您可以从请求正确的数据开始。但它不会“杀死”任何东西，这是一件非常轻量级的事情。
api.wipmania.com/json"; $jsonfile = file_get_contents($json);回声“
”； print_r(json_decode($jsonfile));回声 $jsonfile['country_code'];回显 $jsonfile->$country_code; ?> 这可能对我有帮助......但它不会工作

【解决方案7】：

显然在这种情况下，使用正确的 URL 访问 API 将返回纯 JSON。

"http://api.wipmania.com/json"

很多人都在提供 API 的替代方案，而不是回答 OP 的问题，所以这里是为那些正在寻找一种在 PHP 中处理 jSONp 的方法的人提供的解决方案。

首先，API 允许你指定一个回调方法，所以你可以使用 Jasper 的获取 jSON 子字符串的方法，也可以提供一个 json_decode 的回调方法，并修改结果以使用对 eval 的调用.这是 Jasper 代码示例的替代方案，因为我不喜欢模仿：

$json = "http://api.wipmania.com/jsonp?callback=json_decode";
$jsonfile eval(str_replace("(", "('", str_replace(")", "')", file_get_contents($json)))));

var_dump($jsonfile);

诚然，这似乎有点长，更不安全，并且不像 Jasper 的代码那样清晰：

$json = "http://api.wipmania.com/jsonp?callback=jsonpCallback";
$jsonfile = substr(file_get_contents($json)), 13, -1);

var_dump(json_decode($jsonfile));

然后 jSON "address":{"city":"-","country":"Romania","country_code":"RO","region":"-"} 告诉我们像这样访问 country_code：

$jsonfile->{'address'}->{'country_code'};

【讨论】：