如何从多个 mySQL 表中选择并输出到 PHP？答案

【问题标题】：How do I select from multiple mySQL tables and output to PHP?如何从多个 mySQL 表中选择并输出到 PHP？
【发布时间】：2010-11-21 22:38:39
【问题描述】：

我的 PHP 应用程序在 MySQL 中至少有 4 个表（在此示例中缩短了）

代理 - 代理_ID - Agent_Name

国家 - Country_ID - Country_Name

工作 - Job_ID - Job_Type

Line_Items - Line_ID - 代理_ID - Country_ID - Job_ID

现在，我需要从 Agent_ID = 1 的 Line_Items 中进行选择，而不是在整数中回显 Agent_ID、Country_ID 和 Job_ID，而是输出它们的名称（Agent_Name、Country_Name、Job_Type）。

如何编写查询？
如何在 PHP 中输出这个，使用常用的 $result = mysql_query("select ...."); while($row = mysql_fetch_query($result)){echo .....};

【问题讨论】：

标签： php sql mysql

【解决方案1】：

您需要加入表格：

SELECT A.Agent_Name, C.Country_Name, J.Job_Type
FROM Line_Items LI, Agents A, Country C, Job J
WHERE LI.Agent_ID = 1 AND LI.Agent_ID = A.Agent_ID AND
      LI.Country_ID = C.Country_ID AND LI.Job_ID = J.Job_ID

另外，考虑使用视图，如下所示：

CREATE VIEW Line_Items_Detail
AS
  SELECT LI.Agent_ID, A.Agent_Name, C.Country_Name, J.Job_Type
  FROM Line_Items LI, Agents A, Country C, Job J
  WHERE LI.Agent_ID = 1 AND LI.Agent_ID = A.Agent_ID AND
        LI.Country_ID = C.Country_ID AND LI.Job_ID = J.Job_ID

然后，使用视图，您的查询很简单：

SELECT Agent_Name, Country_Name, Job_Type
FROM Line_Items_Detail
WHERE Agent_ID = 1

使用这些查询中的任何一个，您都可以使用您编写的 PHP 代码来输出结果。

希望对你有帮助。

编辑

使用第一个查询，您的 PHP 将是这样的（简化的）：

$query = "SELECT A.Agent_Name, C.Country_Name, J.Job_Type FROM Line_Items LI, Agents A, Country C, Job J WHERE LI.Agent_ID = 1 AND LI.Agent_ID = A.Agent_ID AND LI.Country_ID = C.Country_ID AND LI.Job_ID = J.Job_ID";
$result = mysql_query($query);
while($row = mysql_fetch_query($result)) {
    echo "Agent:" . $row['Agent_Name']."<br>";
    echo "Country:" . $row['Country_Name']."<br>";
    echo "Job:" . $row['Job_Type']."<br>";
}

当然，如果您需要不同的 ID，则需要更改 LI.Agent_ID。您可以为其使用占位符并替换为正确的 ID，或将正确的 ID 连接到查询中。

【讨论】：

抱歉，不知道如何在 PHP 中输出这些结果:(
谢谢谢谢谢谢！这很有效，我喜欢 StackOverflow！
我刚刚意识到一件事......我的 Agent_Name、Country_Name 和 Job_Type 输出显示了 Agents、Country 和 Job 表中的第一个条目，而不是 LI 中的相应值桌子。这里有什么帮助吗？
那是因为我在查询中插入了WHERE LI.Agent_ID = 1，因为您想获取该特定 Agent_ID 的数据。为了获取所有内容，您需要删除该Li.Agent_ID = 1 或插入另一个ID。希望对您有所帮助。

【解决方案2】：

这里只使用 JG，使用连接。但这里有一个替代的（并且更被接受的？？）连接表的语法。

SELECT A.Agent_Name, C.Country_Name, J.Job_Type
FROM Line_Items LI
INNER JOIN  Agents A
ON LI.Agent_ID = A.Agent_ID
INNER JOIN Country C
LI.Country_ID = C.Country_ID
INNER JOIN Job J
ON LI.Job_ID = J.Job_ID
WHERE LI.Agent_ID = 1

如果国家、代理或工作行可能不存在，您可以使用 LEFT JOIN，而不是内部连接。使用 INNER JOIN，就像我所做的那样，如果没有国家/地区，则不会返回任何行。

【讨论】：

那么对于 PHP 输出，这应该可行吗？ while($row = mysql_fetch_array($result)) { echo "Agent:" . $row['A.Agent_Name']."
";回声“国家：”。 $row['C.Country_Name']."
";回声“工作：”。 $row['J.Job_Type']."
"; }
用 var_dump($row) 看看 $row 的内容。