调用不带 <> 的模板函数；类型推断

Question

如果我有一个带有typename T的函数模板，编译器可以自行设置类型，我在调用函数时不必显式编写类型：

template < typename T > 
T min( T v1, T v2 ) {
   return ( v1 < v2 ) ? v1: v2;
}
int i1 = 1, i2 = 2; int i3 = min( i1, i2 ); //no explicit <type> 

但是，如果我有一个具有两个不同类型名称的函数模板，例如：

template < typename TOut, typename TIn >
TOut round( TIn v ) {
   return (TOut)( v + 0.5 );
}
double d = 1.54;
int i = round<int>(d); //explicit <int>

我总是必须指定至少 1 个类型名是真的吗？我认为原因是因为 C++ 无法区分不同返回类型之间的函数。

但是，如果我使用 void 函数并移交引用，我再次不能明确指定返回类型名：

template < typename TOut, typename TIn > 
void round( TOut & vret, TIn vin ) {
   vret = (TOut)(vin + 0.5);
}
   double d = 1.54;
   int i; round(i, d); //no explicit <int>

结论是否应该避免使用返回函数，而更喜欢在编写模板时通过引用返回的void 函数？还是有可能避免显式编写返回类型？类似于模板的“类型推断”。在 C++0x 中是否可以进行“类型推断”？

Answer 1

仅基于函数参数完成重载解析；根本不使用返回值。如果无法根据参数确定返回类型，则必须显式指定它。

我不会走通过引用参数“返回”值的路径；这使得调用代码不清楚。例如，我更喜欢这个：

double x = round<double>(y);

在此：

double x;
round(x, y);

因为在后一种情况下，很容易混淆输入和输出，完全不清楚x是否被修改。

在round 的特殊情况下，您可能只需要TOut 的一种或两种类型，因此您可以不使用该模板参数：

template<typename TIn>
int roundToInt(TIn v) {
    return (int)(v + 0.5);
}

我发现roundToInt(x) 比round<int>(x) 更清晰一点，因为很清楚int 类型的用途。

Answer 2

结论是在编写模板时避免使用返回函数，更喜欢通过引用返回的 void 函数

不，为什么？你有什么收获？仅类型推断（因此编写的代码更少）。但是您失去了更合乎逻辑的赋值语法（因此需要编写更多代码）。所以一件事得到，另一件事失去。我没有看到总体上的好处。

甚至帮助必须明确指定模板类型：考虑lexical_cast 的情况。不指定返回模板类型会令人困惑。

Answer 3

让我补充一下其他人所说的话，你应该更喜欢 C++ 转换而不是 C 样式转换。

vret = (TOut)(vin + 0.5);

对

vret = static_cast<TOut>(vin + 0.5);

如果您尝试转换不相关的类型，静态转换总是会失败。这有助于调试。